Задания
Версия для печати и копирования в MS Word
Тип Д14 C4 № 511339
i

Точка O  — центр пра­виль­но­го ше­сти­уголь­ни­ка ABCDEF со сто­ро­ной  14. Най­ди­те ра­ди­ус окруж­но­сти, ка­са­ю­щей­ся окруж­но­стей, опи­сан­ных около тре­уголь­ни­ков BOD,DOF и BOF.

Спрятать решение

Ре­ше­ние.

За­ме­тим, что CB=CO=CD, по­это­му вер­ши­на C  — центр окруж­но­сти, опи­сан­ной около тре­уголь­ни­ка BOD. Ана­ло­гич­но, точки A и E  — цен­тры окруж­но­стей, опи­сан­ных около тре­уголь­ни­ков BOF и DOF со­от­вет­ствен­но.

Воз­мож­ны два слу­чая: либо ис­ко­мая окруж­ность ка­са­ет­ся всех трех дан­ных внут­рен­ним об­ра­зом (рис. 1), либо одной из дан­ных  — внут­рен­ним об­ра­зом, а двух дру­гих  — внеш­ним (рис. 2).

Рас­смот­рим пер­вый слу­чай. Про­дол­жим от­рез­ки OA,OC и OE за точки A,C и E до пе­ре­се­че­ния с со­от­вет­ству­ю­щи­ми окруж­но­стя­ми в точ­ках A_1,C_1,E_1. Тогда OA_1=OC_1=OE_1=28  — диа­мет­ры дан­ных окруж­но­стей. Окруж­ность S, про­хо­дя­щая через точки A_1,C_1 и E_1, ка­са­ет­ся внут­рен­ним об­ра­зом окруж­но­сти, опи­сан­ной около тре­уголь­ни­ка BOF, так как рас­сто­я­ние между цен­тра­ми этих окруж­но­стей равно раз­но­сти их ра­ди­у­сов. Ана­ло­гич­но, окруж­ность S ка­са­ет­ся осталь­ных двух окруж­но­стей.

Рас­смот­рим вто­рой слу­чай. Пусть Q  — центр окруж­но­сти ра­ди­у­са x, ка­са­ю­щей­ся внут­рен­ним об­ра­зом опи­сан­ной окруж­но­сти тре­уголь­ни­ка BOD и внеш­ним об­ра­зом  — опи­сан­ных окруж­но­стей тре­уголь­ни­ков BOF и DOF. Пусть M  — ос­но­ва­ние пер­пен­ди­ку­ля­ра, опу­щен­но­го из цен­тра A опи­сан­ной окруж­но­сти тре­уголь­ни­ка BOF на хорду OF. Тогда AM  — вы­со­та рав­но­сто­рон­не­го тре­уголь­ни­ка AOF, по­это­му AM=7 ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 3 конец ар­гу­мен­та . Линия цен­тров двух ка­са­ю­щих­ся окруж­но­стей про­хо­дит через точку их ка­са­ния, по­это­му

QM=OM плюс OQ=OM плюс OC_1 минус QC_1=7 плюс 28 минус x=35 минус x, AQ=14 плюс x.

 

По тео­ре­ме Пи­фа­го­ра AQ в квад­ра­те =AM в квад­ра­те плюс QM в квад­ра­те , или

 левая круг­лая скоб­ка x плюс 14 пра­вая круг­лая скоб­ка в квад­ра­те = левая круг­лая скоб­ка 35 минус x пра­вая круг­лая скоб­ка в квад­ра­те плюс 49 умно­жить на 3 рав­но­силь­но левая круг­лая скоб­ка x плюс 14 пра­вая круг­лая скоб­ка в квад­ра­те минус левая круг­лая скоб­ка 35 минус x пра­вая круг­лая скоб­ка в квад­ра­те =49 умно­жить на 3 рав­но­силь­но  рав­но­силь­но левая круг­лая скоб­ка x плюс 14 минус 35 плюс x пра­вая круг­лая скоб­ка левая круг­лая скоб­ка x плюс 14 плюс 35 минус x пра­вая круг­лая скоб­ка =49 умно­жить на 3 рав­но­силь­но левая круг­лая скоб­ка 2x минус 21 пра­вая круг­лая скоб­ка умно­жить на 49=49 умно­жить на 3 рав­но­силь­но x=12.

 

Ответ: 28, 12.

Спрятать критерии
Критерии проверки:

Кри­те­рии оце­ни­ва­ния вы­пол­не­ния за­да­нияБаллы
Рас­смот­ре­ны все воз­мож­ные гео­мет­ри­че­ские кон­фи­гу­ра­ции и по­лу­чен пра­виль­ный ответ3
Рас­смот­ре­на хотя бы одна воз­мож­ная кон­фи­гу­ра­ция, в ко­то­рой по­лу­че­но пра­виль­ное зна­че­ние ис­ко­мой ве­ли­чи­ны2
Рас­смот­ре­на хотя бы одна воз­мож­ная гео­мет­ри­че­ская кон­фи­гу­ра­ция, в ко­то­рой по­лу­че­но зна­че­ние ис­ко­мой ве­ли­чи­ны, не­пра­виль­ное из-за ариф­ме­ти­че­ской ошиб­ки1
Ре­ше­ние не со­от­вет­ству­ет пи од­но­му из кри­те­ри­ев, пе­ре­чис­лен­ных выше0
Мак­си­маль­ный балл3

Аналоги к заданию № 500195: 500476 511339 Все

Источник: ЕГЭ  — 2012
Классификатор планиметрии: Окруж­но­сти и тре­уголь­ни­ки, Окруж­но­сти и си­сте­мы окруж­но­стей, Пра­виль­ный ше­сти­уголь­ник