Задания
Версия для печати и копирования в MS Word
Тип 18 № 660917
i

Най­ди­те все зна­че­ния a, при каж­дом из ко­то­рых си­сте­ма урав­не­ний

 си­сте­ма вы­ра­же­ний 2 x плюс 2 a y плюс a минус 3 = 0, x умно­жить на |y| плюс 2 x минус 3 = 0 конец си­сте­мы .

имеет ровно одно ре­ше­ние.

Спрятать решение

Ре­ше­ние.

За­пи­шем си­сте­му урав­не­ний в виде

 си­сте­ма вы­ра­же­ний 2x плюс a левая круг­лая скоб­ка 2y плюс 1 пра­вая круг­лая скоб­ка = 3, x = дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: |y| плюс 2 конец дроби конец си­сте­мы .

По­стро­им гра­фик каж­до­го из урав­не­ний. Пер­вое  — пучок пря­мых, про­хо­дя­щих через точку  левая круг­лая скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби ; минус дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби пра­вая круг­лая скоб­ка . Вто­рое  — часть ги­пер­бо­лы y = дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: x конец дроби минус 2 при y боль­ше или равно 0 и ее от­ра­же­ние от­но­си­тель­но оси Ox.

Если a = 0, то си­сте­ма имеет един­ствен­ное ре­ше­ние  левая круг­лая скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби ; 0 пра­вая круг­лая скоб­ка , если a не равно 0, то y = минус дробь: чис­ли­тель: x, зна­ме­на­тель: a конец дроби плюс дробь: чис­ли­тель: 3 минус a, зна­ме­на­тель: 2a конец дроби . Ясно, что при a мень­ше 0 (по­ло­же­ние 1) си­сте­ма имеет одно ре­ше­ние. Най­дем те­перь зна­че­ние a, при ко­то­ром пря­мая ка­са­ет­ся гра­фи­ка вто­ро­го урав­не­ния (по­ло­же­ние 2). Ясно, что ор­ди­на­та точки ка­са­ния по­ло­жи­тель­на, по­это­му x = дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: y плюс 2 конец дроби , тогда

 дробь: чис­ли­тель: 6, зна­ме­на­тель: y плюс 2 конец дроби плюс a левая круг­лая скоб­ка 2y плюс 1 пра­вая круг­лая скоб­ка = 3 рав­но­силь­но 6 плюс a левая круг­лая скоб­ка 2y плюс 1 пра­вая круг­лая скоб­ка левая круг­лая скоб­ка y плюс 2 пра­вая круг­лая скоб­ка = 3 левая круг­лая скоб­ка y плюс 2 пра­вая круг­лая скоб­ка рав­но­силь­но
 рав­но­силь­но 6 плюс 2ay в квад­ра­те плюс 5ay плюс 2a = 3y плюс 6 рав­но­силь­но 2ay в квад­ра­те плюс левая круг­лая скоб­ка 5a минус 3 пра­вая круг­лая скоб­ка y плюс 2a = 0.

Опре­де­лим, при каких a, не рав­ных нулю, урав­не­ние имеет един­ствен­ное ре­ше­ние. Для этого решим урав­не­ние D = 0:

 левая круг­лая скоб­ка 5a минус 3 пра­вая круг­лая скоб­ка в квад­ра­те минус 4 умно­жить на левая круг­лая скоб­ка 2a пра­вая круг­лая скоб­ка в квад­ра­те рав­но­силь­но 5a минус 3 = \pm 4a рав­но­силь­но со­во­куп­ность вы­ра­же­ний a = 3, a = дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби . конец со­во­куп­но­сти .

Если a = 3, то y мень­ше 0, зна­чит, a = дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби . Те­перь из гео­мет­ри­че­ских со­об­ра­же­ний по­лу­ча­ем, что при a при­над­ле­жит левая круг­лая скоб­ка 0; дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби пра­вая круг­лая скоб­ка ре­ше­ний си­сте­мы не мень­ше двух. Если же a боль­ше дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби , то ре­ше­ние ровно одно. В итоге по­лу­ча­ем ответ:  левая круг­лая скоб­ка минус бес­ко­неч­ность ; 0 пра­вая квад­рат­ная скоб­ка \cup левая круг­лая скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби ; плюс бес­ко­неч­ность пра­вая круг­лая скоб­ка .

 

Ответ:  левая круг­лая скоб­ка минус бес­ко­неч­ность ; 0 пра­вая квад­рат­ная скоб­ка \cup левая круг­лая скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби ; плюс бес­ко­неч­ность пра­вая круг­лая скоб­ка .

Спрятать критерии
Критерии проверки:

Кри­те­рии оце­ни­ва­ния вы­пол­не­ния за­да­нияБаллы
Обос­но­ван­но по­лу­чен вер­ный ответ4
С по­мо­щью вер­но­го рас­суж­де­ния по­лу­че­ны вер­ные зна­че­ния па­ра­мет­ра, но до­пу­щен не­до­чет3
С по­мо­щью вер­но­го рас­суж­де­ния по­лу­чен не­вер­ный ответ из-за вы­чис­ли­тель­ной ошиб­ки, при этом верно вы­пол­не­ны все шаги ре­ше­ния,

ИЛИ

в ре­ше­нии верно най­де­ны все гра­нич­ные точки мно­же­ства зна­че­ний па­ра­мет­ра, но не­вер­но опре­де­ле­ны про­ме­жут­ки зна­че­ний

2
В слу­чае ана­ли­ти­че­ско­го ре­ше­ния: за­да­ча верно све­де­на к на­бо­ру ре­шен­ных урав­не­ний и не­ра­венств с уче­том тре­бу­е­мых огра­ни­че­ний,

ИЛИ

в слу­чае гра­фи­че­ско­го ре­ше­ния: за­да­ча верно све­де­на к ис­сле­до­ва­нию вза­им­но­го рас­по­ло­же­ния линий (изоб­ра­же­ны не­об­хо­ди­мые фи­гу­ры, учте­ны огра­ни­че­ния, ука­за­на связь ис­ход­ной за­да­чи с по­стро­ен­ны­ми фи­гу­ра­ми)

1
Ре­ше­ние не со­от­вет­ству­ет ни од­но­му из кри­те­ри­ев, пе­ре­чис­лен­ных выше0
Мак­си­маль­ный балл4
Источник: За­да­ния 18 ЕГЭ–2024
Классификатор алгебры: Си­сте­мы с па­ра­мет­ром, Ком­би­на­ция «кри­вых»
Методы алгебры: Пе­ре­бор слу­ча­ев