Задания
Версия для печати и копирования в MS Word
Тип 18 № 520826
i

Найти все зна­че­ния a, при каж­дом из ко­то­рых урав­не­ние

 ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: x плюс 2a минус 1 конец ар­гу­мен­та плюс ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: x минус a конец ар­гу­мен­та = 1

имеет хотя бы один ко­рень.

Спрятать решение

Ре­ше­ние.

За­ме­тим, что функ­ция f левая круг­лая скоб­ка x пра­вая круг­лая скоб­ка = ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: x плюс 2a минус 1 конец ар­гу­мен­та плюс ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: x минус a конец ар­гу­мен­та не­огра­ни­чен­но воз­рас­та­ет на об­ла­сти опре­де­ле­ния. По­это­му урав­не­ние имеет хотя бы один ко­рень тогда и толь­ко тогда, когда наи­мень­шее зна­че­ние функ­ции f(x) не пре­вос­хо­дит еди­ни­цы.

За­ме­тим, что x плюс 2a минус 1=x минус a при a= дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби . Рас­смот­рим два слу­чая: a боль­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби и a мень­ше дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби . При a боль­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби функ­ция f(x) опре­де­ле­на на про­ме­жут­ке  левая квад­рат­ная скоб­ка a; плюс бес­ко­неч­ность пра­вая круг­лая скоб­ка , и ее наи­мень­шее зна­че­ние равно f левая круг­лая скоб­ка a пра­вая круг­лая скоб­ка = ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 3a минус 1 конец ар­гу­мен­та . По­лу­ча­ем не­ра­вен­ство  ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 3a минус 1 конец ар­гу­мен­та \leqslant1, от­ку­да  дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби мень­ше или равно a мень­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби .

При a мень­ше дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби функ­ция f(x) опре­де­ле­на на про­ме­жут­ке  левая квад­рат­ная скоб­ка 1 минус 2a; плюс бес­ко­неч­ность пра­вая круг­лая скоб­ка , и ее наи­мень­шее зна­че­ние равно f левая круг­лая скоб­ка 1 минус 2a пра­вая круг­лая скоб­ка = ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 1 минус 3a конец ар­гу­мен­та . По­лу­ча­ем не­ра­вен­ство  ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 1 минус 3a конец ар­гу­мен­та \leqslant1, от­ку­да 0 мень­ше или равно a мень­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби . Учи­ты­вая усло­вие a мень­ше дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби , по­лу­ча­ем 0 мень­ше или равно a мень­ше дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби .

Таким об­ра­зом, ис­ход­ное урав­не­ние имеет хотя бы один ко­рень при 0 мень­ше или равно a мень­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби .

 

Ответ: 0 мень­ше или равно a мень­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби .

Спрятать критерии
Критерии проверки:

 

Кри­те­рии оце­ни­ва­ния вы­пол­не­ния за­да­нияБаллы
Обос­но­ван­но по­лу­чен вер­ный ответ4
С по­мо­щью вер­но­го рас­суж­де­ния по­лу­че­но мно­же­ство зна­че­ний a, от­ли­ча­ю­ще­го­ся от ис­ко­мо­го толь­ко ис­клю­че­ни­ем ровно одной из точек a=0 или a= дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби , воз­мож­но, с ис­клю­че­ни­ем точки a= дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби .3
В ре­ше­нии верно най­ден ко­рень x=1 минус 2a плюс дробь: чис­ли­тель: 9a в квад­ра­те , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби при одном из усло­вий a боль­ше или равно 0 или a боль­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби

ИЛИ

Обос­но­ван­но по­лу­чен про­ме­жу­ток  левая круг­лая скоб­ка 0; дробь: чис­ли­тель: 4, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби пра­вая круг­лая скоб­ка , воз­мож­но, с вклю­че­ни­ем гра­нич­ных точек

ИЛИ

По­лу­чен не­вер­ный ответ из-за вы­чис­ли­тель­ной ошиб­ки, при этом верно вы­пол­не­ны все шаги ре­ше­ния

2
Верно рас­смот­рен хотя бы один из слу­ча­ев и по­лу­чен один из про­ме­жут­ков:  левая круг­лая скоб­ка минус бес­ко­неч­ность ; дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби пра­вая круг­лая скоб­ка ;  левая круг­лая скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби ; дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби пра­вая круг­лая скоб­ка ;  левая круг­лая скоб­ка 0; дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 3 конец дроби пра­вая круг­лая скоб­ка или  левая круг­лая скоб­ка 0; плюс бес­ко­неч­ность пра­вая круг­лая скоб­ка , воз­мож­но, с вклю­че­ние гра­нич­ных точек1
Ре­ше­ние не со­от­вет­ству­ет ни од­но­му из кри­те­ри­ев, пе­ре­чис­лен­ных выше0
Мак­си­маль­ный балл4
Источники:
Классификатор алгебры: Урав­не­ния с па­ра­мет­ром
Методы алгебры: Пе­ре­бор слу­ча­ев, Пе­ре­бор слу­ча­ев