Задания
Версия для печати и копирования в MS Word
Тип 18 № 516765
i

Най­ди­те все такие зна­че­ния па­ра­мет­ра a, при каж­дом из ко­то­рых урав­не­ние  ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: a синус x плюс ко­си­нус x конец ар­гу­мен­та = ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: a ко­си­нус x плюс синус x конец ар­гу­мен­та имеет ре­ше­ния на от­рез­ке  левая квад­рат­ная скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 3 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби ; дробь: чис­ли­тель: 7 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби пра­вая квад­рат­ная скоб­ка .

Спрятать решение

Ре­ше­ние.

За­ме­тим, что

 ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: a синус x плюс ко­си­нус x конец ар­гу­мен­та = ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: a ко­си­нус x плюс синус x конец ар­гу­мен­та рав­но­силь­но си­сте­ма вы­ра­же­ний  новая стро­ка a синус x плюс ко­си­нус x=a ко­си­нус x плюс синус x,  новая стро­ка a синус x плюс ко­си­нус x боль­ше или равно 0. конец си­сте­мы .

Пре­об­ра­зу­ем урав­не­ние:

a синус x плюс ко­си­нус x=a ко­си­нус x плюс синус x рав­но­силь­но левая круг­лая скоб­ка a минус 1 пра­вая круг­лая скоб­ка синус x минус левая круг­лая скоб­ка a минус 1 пра­вая круг­лая скоб­ка ко­си­нус x=0 рав­но­силь­но левая круг­лая скоб­ка a минус 1 пра­вая круг­лая скоб­ка левая круг­лая скоб­ка синус x минус ко­си­нус x пра­вая круг­лая скоб­ка =0.

Рас­смот­рим два слу­чая.

Пусть a=1, тогда из не­ра­вен­ства

 синус x плюс ко­си­нус x боль­ше или равно 0 рав­но­силь­но синус левая круг­лая скоб­ка x плюс дробь: чис­ли­тель: Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби пра­вая круг­лая скоб­ка боль­ше или равно 0 рав­но­силь­но минус дробь: чис­ли­тель: Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби плюс 2 Пи k мень­ше или равно x мень­ше или равно дробь: чис­ли­тель: 3 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби плюс 2 Пи k

от­рез­ку  левая квад­рат­ная скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 3 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби ; дробь: чис­ли­тель: 7 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби пра­вая квад­рат­ная скоб­ка при­над­ле­жат два числа  дробь: чис­ли­тель: 3 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби и  дробь: чис­ли­тель: 7 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби .

Пусть a не равно 1, тогда имеем:

 синус x минус ко­си­нус x=0 рав­но­силь­но тан­генс x=1 рав­но­силь­но со­во­куп­ность вы­ра­же­ний  новая стро­ка x= дробь: чис­ли­тель: Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби плюс 2 Пи n,  новая стро­ка x= дробь: чис­ли­тель: 5 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби плюс 2 Пи n,  конец со­во­куп­но­сти . n при­над­ле­жит Z .

В пер­вой серии не со­дер­жит­ся кор­ней, ле­жа­щих на от­рез­ке  левая квад­рат­ная скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 3 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби ; дробь: чис­ли­тель: 7 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби пра­вая квад­рат­ная скоб­ка . Среди кор­ней, со­дер­жа­щих­ся во вто­рой серии, от­рез­ку  левая квад­рат­ная скоб­ка дробь: чис­ли­тель: 3 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби ; дробь: чис­ли­тель: 7 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби пра­вая квад­рат­ная скоб­ка при­над­ле­жит одно число  дробь: чис­ли­тель: 5 Пи , зна­ме­на­тель: 4 конец дроби . Под­став­ляя его в не­ра­вен­ство, по­лу­ча­ем:  минус a дробь: чис­ли­тель: ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 2 конец ар­гу­мен­та , зна­ме­на­тель: 2 конец дроби минус дробь: чис­ли­тель: ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 2 конец ар­гу­мен­та , зна­ме­на­тель: 2 конец дроби боль­ше или равно 0, от­ку­да a мень­ше или равно минус 1.

 

 

Ответ: a мень­ше или равно минус 1, a=1.

Спрятать критерии
Критерии проверки:

Кри­те­рии оце­ни­ва­ния вы­пол­не­ния за­да­нияБаллы
Обос­но­ван­но по­лу­чен пра­виль­ный ответ.4
С по­мо­щью вер­но­го рас­суж­де­ния по­лу­че­но мно­же­ство зна­че­ний a, от­ли­ча­ю­ще­е­ся от ис­ко­мо­го ко­неч­ным чис­лом точек.3
С по­мо­щью вер­но­го рас­суж­де­ния по­лу­че­ны все гра­нич­ные точки ис­ко­мо­го мно­же­ства зна­че­ний a.2
Верно най­де­на хотя бы одна гра­нич­ная точка ис­ко­мо­го мно­же­ства зна­че­ний a.1
Ре­ше­ние не со­от­вет­ству­ет ни од­но­му из кри­те­ри­ев, пе­ре­чис­лен­ных выше.0

Аналоги к заданию № 516765: 516784 Все

Источники:
Классификатор алгебры: Урав­не­ния с па­ра­мет­ром, Урав­не­ния сме­шан­но­го типа
Методы алгебры: Пе­ре­бор слу­ча­ев, Пе­ре­бор слу­ча­ев