Задания
Версия для печати и копирования в MS Word
Тип 17 № 517493
i

В пря­мо­уголь­ном тре­уголь­ни­ке ABC про­ве­де­на вы­со­та CH из вер­ши­ны пря­мо­го угла. В тре­уголь­ни­ки ACH и BCH впи­са­ны окруж­но­сти с цен­тра­ми O1 и O2 со­от­вет­ствен­но, ка­са­ю­щи­е­ся пря­мой CH в точ­ках M и N со­от­вет­ствен­но.

а)  До­ка­жи­те, что пря­мые AO1 и CO2 пер­пен­ди­ку­ляр­ны.

б)  Най­ди­те пло­щадь четырёхуголь­ни­ка MO1NO2, если AC = 20 и BC = 15.

Спрятать решение

Ре­ше­ние.

а)  Лучи AO_1 и CO_2 яв­ля­ют­ся бис­сек­три­са­ми рав­ных углов HAC и HCB со­от­вет­ствен­но. Зна­чит, \angle O_1AC=\angle O_2CB; \angle O_1AC=90 гра­ду­сов минус \angle O_2CA, то есть пря­мые AO_1 и CO_2 пер­пен­ди­ку­ляр­ны.

б)  Пусть пря­мая AB ка­са­ет­ся окруж­но­стей, впи­сан­ных в тре­уголь­ни­ки ACH и BCH, в точ­ках K и L со­от­вет­ствен­но. По­лу­ча­ем:

AB= ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: AC в квад­ра­те плюс BC в квад­ра­те конец ар­гу­мен­та =25;CH= дробь: чис­ли­тель: AC умно­жить на BC, зна­ме­на­тель: AB конец дроби =12;

 

AH= ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: AC в квад­ра­те минус CH в квад­ра­те конец ар­гу­мен­та =16;

 

BH=AB минус AH=9;MH= дробь: чис­ли­тель: AH плюс CH минус AC, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби =4;

 

NH= дробь: чис­ли­тель: BH плюс CH минус BC, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби =3; MN=MH минус NH=1.

По­сколь­ку O_1KHM и O_2LHM  — квад­ра­ты, по­лу­ча­ем: O_1M=MH=4,O_2N=NH=3.

Зна­чит, пло­щадь четырёхуголь­ни­ка MO_1NO_2 равна

S_MO_1NO_2=S_MO_1N плюс S_MO_2N= дробь: чис­ли­тель: MO_1 умно­жить на MN, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби плюс дробь: чис­ли­тель: NO_2 умно­жить на MN, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби = дробь: чис­ли­тель: 7, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби .

 

Ответ: б)  дробь: чис­ли­тель: 7, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби .

 

----------

Дуб­ли­ру­ет за­да­ние 517479.

Спрятать критерии
Критерии проверки:

Кри­те­рии оце­ни­ва­ния вы­пол­не­ния за­да­нияБаллы
Име­ет­ся вер­ное до­ка­за­тель­ство утвер­жде­ния пунк­та a) и обос­но­ван­но по­лу­чен вер­ный ответ в пунк­те б)3
По­лу­чен обос­но­ван­ный ответ в пунк­те б)

ИЛИ

име­ет­ся вер­ное до­ка­за­тель­ство утвер­жде­ния пунк­та а) и при обос­но­ван­ном ре­ше­нии пунк­та б) по­лу­чен не­вер­ный ответ из-за ариф­ме­ти­че­ской ошиб­ки

2
Име­ет­ся вер­ное до­ка­за­тель­ство утвер­жде­ния пунк­та а)

ИЛИ

при обос­но­ван­ном ре­ше­нии пунк­та б) по­лу­чен не­вер­ный ответ из-за ариф­ме­ти­че­ской ошиб­ки,

ИЛИ

обос­но­ван­но по­лу­чен вер­ный ответ в пунк­те б) с ис­поль­зо­ва­ни­ем утвер­жде­ния пунк­та а), при этом пункт а) не вы­пол­нен

1
Ре­ше­ние не со­от­вет­ству­ет ни од­но­му из кри­те­ри­ев, при­ведённых выше0
Мак­си­маль­ный балл3
Источник: ЕГЭ — 2017. Ос­нов­ная волна 02.06.2017. Ва­ри­ант 433 (часть 2)
Классификатор планиметрии: Окруж­но­сти и тре­уголь­ни­ки