Задания
Версия для печати и копирования в MS Word
Тип Д15 C4 № 515204
i

Дан квад­рат АВСD. Точки КLM  — се­ре­ди­ны сто­рон АВВС и СD со­от­вет­ствен­но. АL пе­ре­се­ка­ет DK в точке РDL пе­ре­се­ка­ет АМ в точке ТАМ пе­ре­се­ка­ет DK в точке О

А)  До­ка­жи­те, что точки РL, TO лежат на одной окруж­но­сти; 

Б)  Най­ди­те ра­ди­ус окруж­но­сти, впи­сан­ной в че­ты­рех­уголь­ник PLTO, если АВ  =  4.

Спрятать решение

Ре­ше­ние.

а)  За­ме­тим, что  \Delta KDA=\Delta LAB, по­это­му

 \angle APD=180 в сте­пе­ни левая круг­лая скоб­ка \circ пра­вая круг­лая скоб­ка минус \angle PDA минус \angle PAD=180 в сте­пе­ни левая круг­лая скоб­ка \circ пра­вая круг­лая скоб­ка минус \angle LAB минус \angle PAD=180 в сте­пе­ни левая круг­лая скоб­ка \circ пра­вая круг­лая скоб­ка минус \angle BAD=90 в сте­пе­ни левая круг­лая скоб­ка \circ пра­вая круг­лая скоб­ка .

Ана­ло­гич­но  \angle DTO=90 в сте­пе­ни левая круг­лая скоб­ка \circ пра­вая круг­лая скоб­ка , по­это­му в че­ты­рех­уголь­ни­ке  LPOT есть два про­ти­во­по­лож­ных угла по  90 в сте­пе­ни левая круг­лая скоб­ка \circ пра­вая круг­лая скоб­ка . Зна­чит, он впи­сан­ный.

б)  Кар­тин­ка сим­мет­рич­на от­но­си­тель­но пря­мой  LT, по­это­му  LP плюс TO=LT плюс PO и впи­сан­ная окруж­ность дей­стви­тель­но есть. За­ме­тим, что KMDA  — пря­мо­уголь­ник, по­это­му точка  O на­хо­дит­ся ровно по­сре­ди­не между пря­мы­ми  KM и  AD, по­это­му  LO= дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: 4 конец дроби CD=3. Далее,  DP:PK=DA в квад­ра­те :AK в квад­ра­те =4:1 и при этом  DK= ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 4 в квад­ра­те плюс 2 в квад­ра­те конец ар­гу­мен­та = ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 20 конец ар­гу­мен­та .

 PO=KD минус KP минус OD=KD минус дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 5 конец дроби KD минус дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби KD= дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: 10 конец дроби KD= дробь: чис­ли­тель: 3, зна­ме­на­тель: ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 5 конец ар­гу­мен­та конец дроби .

По тео­ре­ме Пи­фа­го­ра из тре­уголь­ни­ка  LPO имеем  LP= ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 9 минус дробь: чис­ли­тель: 9, зна­ме­на­тель: 5 конец дроби конец ар­гу­мен­та = дробь: чис­ли­тель: 6, зна­ме­на­тель: ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 5 конец ар­гу­мен­та конец дроби . Те­перь най­дем ра­ди­ус по из­вест­ной фор­му­ле

 дробь: чис­ли­тель: S_LTOP, зна­ме­на­тель: дробь: чис­ли­тель: 1, зна­ме­на­тель: 2 конец дроби P_LTOP конец дроби = дробь: чис­ли­тель: 2S_LPO, зна­ме­на­тель: LP плюс PO конец дроби = дробь: чис­ли­тель: LP умно­жить на PO умно­жить на ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 5 конец ар­гу­мен­та , зна­ме­на­тель: 9 конец дроби = дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 5 конец ар­гу­мен­та конец дроби .

Ответ: б)  дробь: чис­ли­тель: 2, зна­ме­на­тель: ко­рень из: на­ча­ло ар­гу­мен­та: 5 конец ар­гу­мен­та конец дроби .

Спрятать критерии
Критерии проверки:

Кри­те­рии оце­ни­ва­ния вы­пол­не­ния за­да­нияБаллы
Име­ет­ся вер­ное до­ка­за­тель­ство утвер­жде­ния пунк­та а и обос­но­ван­но по­лу­чен вер­ный ответ в пунк­те б.3
По­лу­чен обос­но­ван­ный ответ в пунк­те б.

ИЛИ

Име­ет­ся вер­ное до­ка­за­тель­ство утвер­жде­ния пунк­та а и при обос­но­ван­ном ре­ше­нии пунк­та б по­лу­чен не­вер­ный ответ из-за ариф­ме­ти­че­ской ошиб­ки.

2
Име­ет­ся вер­ное до­ка­за­тель­ство утвер­жде­ния пунк­та а.

ИЛИ

При обос­но­ван­ном ре­ше­нии пунк­та б по­лу­чен не­вер­ный ответ из-за ариф­ме­ти­че­ской ошиб­ки.

ИЛИ

Обос­но­ван­но по­лу­чен вер­ный ответ в пунк­те б и ис­поль­зо­ва­ни­ем утвер­жде­ния пунк­та а, при этом пункт а не вы­пол­нен.

1
Ре­ше­ние не со­от­вет­ству­ет ни од­но­му из кри­те­ри­ев, пе­ре­чис­лен­ных выше.0
Мак­си­маль­ный балл3
Источник: А. Ларин: Тре­ни­ро­воч­ный ва­ри­ант № 170
Классификатор планиметрии: Ком­би­на­ции фигур, Тре­уголь­ни­ки